Тематски тест задачи по физика за обединет државен испит. Материјали за подготовка за обединет државен испит по физика

Видео курсот „Земи А“ ги вклучува сите теми неопходни за успех полагање на Единствен државен испитпо математика за 60-65 поени. Целосно сите проблеми 1-13 Профил унифициран државен испитматематика. Погоден е и за полагање на Основен унифициран државен испит по математика. Ако сакате да го положите обединетиот државен испит со 90-100 поени, првиот дел треба да го решите за 30 минути и без грешки!

Подготвителен курс за Единствен државен испит за 10-11 одделение, како и за наставници. Сè што ви треба за да го решите Дел 1 од Единствениот државен испит по математика (првите 12 задачи) и задача 13 (тригонометрија). И ова се повеќе од 70 поени на обединет државен испит и без нив не може ниту студент од 100, ниту студент на хуманитарни науки.

Целата потребна теорија. Брзи начинирешенија, замки и тајни на Единствениот државен испит. Анализирани се сите тековни задачи од дел 1 од FIPI Task Bank. Курсот целосно е во согласност со барањата на Единствениот државен испит 2018 година.

Курсот содржи 5 големи теми, по 2,5 часа. Секоја тема е дадена од нула, едноставно и јасно.

Стотици задачи за обединет државен испит. Проблеми со зборови и теорија на веројатност. Едноставни и лесни за паметење алгоритми за решавање проблеми. Геометрија. Теорија, референтен материјал, анализа на сите видови задачи за унифициран државен испит. Стереометрија. Слабо решенија, корисни мамечки листови, развој на просторна имагинација. Тригонометрија од почеток до проблем 13. Разбирање наместо набивање. Јасни објаснувања на сложените концепти. Алгебра. Корени, моќи и логаритми, функција и извод. Основа за решение сложени задачи 2 дела од Единствениот државен испит.

Подготовка за ОГЕ и Единствениот државен испит

Просечна општо образование

Линија УМК А.В Грачев. Физика (10-11) (основно, напредно)

Линија УМК А.В Грачев. Физика (7-9)

Линија UMK A.V. Peryshkin. Физика (7-9)

Подготовка за обединет државен испит по физика: примери, решенија, објаснувања

Лебедева Алевтина Сергеевна, наставник по физика, 27 години работно искуство. Почесен сертификат од Министерството за образование на Московскиот регион (2013 година), Благодарност од раководителот на општинскиот округ Воскресенски (2015 година), Потврда од претседателот на Здружението на наставници по математика и физика на Московскиот регион (2015 година).

Во работата се претставени задачи со различни нивоа на тежина: основно, напредно и високо. Задачи основно ниво, Ова едноставни задачи, тестирање на асимилација на најважните физички концепти, модели, појави и закони. Задачи повисоко нивонасочени кон тестирање на способноста да се користат концепти и закони на физиката за анализа различни процесии феномени, како и способност за решавање проблеми со користење на еден или два закони (формули) на која било од темите на училишниот курс по физика. Во работата 4 задачи од дел 2 се задачи високо нивосложеност и тестирање на способноста за користење на законите и теориите на физиката во изменета или нова ситуација. Завршувањето на таквите задачи бара примена на знаења од два или три дела од физиката одеднаш, т.е. високо ниво на обука. Оваа опција е целосно конзистентна демо верзијаЕдинствен државен испит 2017, задачи преземени од отворена банкаЗадачи за унифициран државен испит.

Сликата покажува график на модулот на брзината наспроти времето т. Од графиконот определи го растојанието поминато со автомобилот во временски интервал од 0 до 30 секунди.

Решение.Патеката што ја минува автомобилот во временски интервал од 0 до 30 секунди најлесно може да се дефинира како плоштина на трапез, чии основи се временските интервали (30 – 0) = 30 s и (30 – 10 ) = 20 s, а висината е брзината v= 10 m/s, т.е.

Одговори. 250 м.

Товарот тежок 100 kg се подига вертикално нагоре со помош на кабел. На сликата е прикажана зависноста на проекцијата на брзината Воптоварување на оската насочена нагоре, во функција на времето т. Определете го модулот на силата на затегнување на кабелот за време на подигнувањето.

Решение.Според графикот на зависност од проекција на брзината vоптоварување на оска насочена вертикално нагоре, во функција на времето т, можеме да ја одредиме проекцијата на забрзувањето на товарот

На товарот се делува со: силата на гравитацијата насочена вертикално надолу и силата на затегнување на кабелот насочена вертикално нагоре по должината на кабелот (види Сл. 2. Да ја запишеме основната равенка на динамиката. Ајде да го искористиме вториот Њутнов закон. Геометриска сумасилите што дејствуваат на телото се еднакви на производот од масата на телото и забрзувањето што му се дава.

+ = (1)

Да ја напишеме равенката за проекцијата на вектори во референтниот систем поврзан со земјата, насочувајќи ја оската OY нагоре. Проекцијата на силата на затегнување е позитивна, бидејќи насоката на силата се совпаѓа со насоката на оската OY, проекцијата на силата на гравитацијата е негативна, бидејќи векторот на сила е спротивен на оската OY, проекцијата на векторот на забрзување е исто така позитивен, па телото се движи со нагорно забрзување. Ние имаме

Т – mg = ма (2);

од формулата (2) модул на сила на истегнување

Т = м(е + а) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Одговори. 1200 Н.

Телото се влече по груба хоризонтална површина со константна брзина чиј модул е ​​1,5 m/s, со примена на сила како што е прикажано на слика (1). Во овој случај, модулот на лизгачката сила на триење што делува на телото е 16 N. Која е моќноста развиена од силата? Ф?

Решение.Ајде да замислиме физички процес, наведено во изјавата за проблемот и направете шематски цртеж што ги покажува сите сили што дејствуваат на телото (сл. 2). Да ја запишеме основната равенка на динамиката.

Tr + + = (1)

Откако избравме референтен систем поврзан со фиксна површина, ги пишуваме равенките за проекцијата на вектори на избраните координатни оски. Според условите на проблемот, телото се движи рамномерно, бидејќи неговата брзина е константна и еднаква на 1,5 m/s. Ова значи дека забрзувањето на телото е нула. Две сили дејствуваат хоризонтално на телото: силата на триење на лизгање tr. и силата со која се влече телото. Проекцијата на силата на триење е негативна, бидејќи векторот на сила не се совпаѓа со насоката на оската X. Проекција на сила Фпозитивен. Ве потсетуваме дека за да ја пронајдеме проекцијата, ја спуштаме нормалната од почетокот и крајот на векторот до избраната оска. Земајќи го ова предвид имаме: Ф cosα - Ф tr = 0; (1) да ја изразиме проекцијата на силата Ф, Ова Ф cosα = Ф tr = 16 N; (2) тогаш моќта развиена од силата ќе биде еднаква на Н = Ф cosα В(3) Да направиме замена, земајќи ја предвид равенката (2) и соодветните податоци да ги замениме во равенката (3):

Н= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.

Одговори. 24 В.

Товарот прикачен на лесна пружина со вкочанетост од 200 N/m претрпува вертикални осцилации. Сликата покажува график на зависноста од поместување xвчитувајте од време на време т. Определи колкава е масата на товарот. Заокружете го вашиот одговор на цел број.

Решение.Масата на пружина претрпува вертикални осцилации. Според графиконот за поместување на оптоварувањето Xод времето т, го одредуваме периодот на осцилација на товарот. Периодот на осцилација е еднаков на Т= 4 с; од формулата Т= 2π да ја изразиме масата мтоварот

Одговор: 81 кг.

На сликата е прикажан систем од два светлосни блока и кабел без тежина, со кој можете да одржувате рамнотежа или да подигнете товар тежок 10 кг. Триењето е занемарливо. Врз основа на анализата на горната слика, изберете двавистинити изјави и наведете ги нивните бројки во вашиот одговор.

1. За да го одржите товарот во рамнотежа, треба да дејствувате на крајот на јажето со сила од 100 N.
2. Системот на блокови прикажан на сликата не дава никаква добивка во силата.
3. ч, треба да извлечете дел од должината на јажето 3 ч.
4. За полека подигање на товар до висина чч.

Решение.Во овој проблем треба да запомните едноставни механизми, имено блокови: подвижен и фиксен блок. Подвижниот блок дава двојно засилување на силата, додека делот на јажето треба да се повлече двапати подолго, а фиксниот блок се користи за пренасочување на силата. Во работата, едноставните механизми на победа не даваат. Откако ќе го анализираме проблемот, веднаш ги избираме потребните изјави:

1. За полека подигање на товар до висина ч, треба да извлечете дел од должината на јажето 2 ч.
2. За да го одржите товарот во рамнотежа, треба да дејствувате на крајот на јажето со сила од 50 N.

Одговори. 45.

Алуминиумска тежина прикачена на бестежинска и нерастеглива нишка е целосно потопена во сад со вода. Товарот не ги допира ѕидовите и дното на садот. Потоа железна тежина, чија маса е еднаква на масата на алуминиумската тежина, се потопува во истиот сад со вода. Како ќе се промени модулот на силата на затегнување на конецот и модулот на силата на гравитација што делува на оптоварувањето како резултат на ова?

1. Се зголемува;
2. Се намалува;
3. Не се менува.

Решение.Ја анализираме состојбата на проблемот и ги истакнуваме оние параметри кои не се менуваат за време на студијата: тоа се масата на телото и течноста во која телото е потопено на конец. По ова, подобро е да се направи шематски цртеж и да се наведат силите што делуваат на товарот: затегнување на конецот Фконтрола, насочена нагоре по должината на конецот; гравитацијата насочена вертикално надолу; Архимедска сила а, дејствувајќи од страната на течноста на потопеното тело и насочена нагоре. Според условите на проблемот, масата на оптоварувањата е иста, затоа, модулот на силата на гравитација што дејствува на товарот не се менува. Бидејќи густината на товарот е различна, обемот исто така ќе биде различен.

Густината на железото е 7800 kg/m3, а густината на алуминиумскиот товар е 2700 kg/m3. Оттука, Ви< V a. Телото е во рамнотежа, резултатот на сите сили што делуваат на телото е нула. Да ја насочиме OY координатната оска нагоре. Основната равенка на динамиката, земајќи ја предвид проекцијата на силите, ја пишуваме во форма Фконтрола + F a – mg= 0; (1) Да ја изразиме силата на затегнување Фконтрола = mg – F a(2); Архимедската сила зависи од густината на течноста и волуменот на потопениот дел од телото F a = ρ gV p.h.t. (3); Густината на течноста не се менува, а волуменот на железното тело е помал Ви< V a, затоа Архимедовата сила што делува на оптоварувањето на железото ќе биде помала. Заклучуваме за модулот на силата на затегнување на конецот, работејќи со равенката (2), тој ќе се зголеми.

Одговори. 13.

Блок од маса мсе лизга од фиксирана груба наклонета рамнина со агол α во основата. Модулот за забрзување на блокот е еднаков на а, модулот на брзината на блокот се зголемува. Отпорот на воздухот може да се занемари.

Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките величини и формулите со кои тие можат да се пресметаат. За секоја позиција во првата колона, изберете ја соодветната позиција од втората колона и запишете ги избраните броеви во табелата под соодветните букви.

Б) Коефициент на триење помеѓу блок и наклонета рамнина

3) mg cosα

Решение.Оваа задача бара примена на Њутновите закони. Препорачуваме да направите шематски цртеж; посочете ги сите кинематички карактеристикидвижења. Ако е можно, прикажете го векторот на забрзување и векторите на сите сили што се применуваат на телото што се движи; запомнете дека силите што дејствуваат на телото се резултат на интеракција со други тела. Потоа запишете ја основната равенка на динамиката. Изберете референтен систем и запишете ја добиената равенка за проекција на вектори на сила и забрзување;

Следејќи го предложениот алгоритам, ќе направиме шематски цртеж (сл. 1). Сликата ги прикажува силите што се применуваат на центарот на гравитација на блокот и координатните оски на референтниот систем поврзани со површината на навалената рамнина. Бидејќи сите сили се константни, движењето на блокот ќе биде подеднакво променливо со зголемување на брзината, т.е. векторот на забрзување е насочен во насока на движење. Ајде да ја избереме насоката на оските како што е прикажано на сликата. Да ги запишеме проекциите на силите на избраните оски.

Ајде да ја запишеме основната равенка на динамиката:

Tr + = (1)

Ајде да го запишеме дадена равенка(1) за проекција на сили и забрзување.

На оската OY: проекцијата на силата на реакција на земјата е позитивна, бидејќи векторот се совпаѓа со насоката на оската OY Ny = Н; проекцијата на силата на триење е нула бидејќи векторот е нормален на оската; проекцијата на гравитацијата ќе биде негативна и еднаква mg y= – mg cosα; векторска проекција на забрзување a y= 0, бидејќи векторот на забрзување е нормален на оската. Ние имаме Н – mg cosα = 0 (2) од равенката ја изразуваме реакционата сила што дејствува на блокот од страната на наклонетата рамнина. Н = mg cosα (3). Ајде да ги запишеме проекциите на оската OX.

На оската OX: проекција на сила Не еднаков на нула, бидејќи векторот е нормален на оската OX; Проекцијата на силата на триење е негативна (векторот е насочен во спротивна насока во однос на избраната оска); проекцијата на гравитацијата е позитивна и еднаква на mg x = mg sinα (4) од правоаголен триаголник. Проекцијата за забрзување е позитивна а x = а; Потоа ја пишуваме равенката (1) земајќи ја предвид проекцијата mgсина - Ф tr = ма (5); Ф tr = м(есина - а) (6); Запомнете дека силата на триење е пропорционална на силата нормален притисок Н.

А-приоритет Ф tr = μ Н(7), го изразуваме коефициентот на триење на блокот на навалената рамнина.

Ги избираме соодветните позиции за секоја буква.

Одговори.А – 3; Б – 2.

Задача 8. Гасовитиот кислород се наоѓа во сад со волумен од 33,2 литри. Притисокот на гасот е 150 kPa, неговата температура е 127 ° C. Одредете ја масата на гасот во овој сад. Изразете го вашиот одговор во грамови и заокружете го до најблискиот цел број.

Решение.Важно е да се обрне внимание на конверзијата на единиците во системот SI. Претворете ја температурата во Келвин Т = т°C + 273, волумен В= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3; Го претвораме притисокот П= 150 kPa = 150.000 Pa. Користење на равенката на состојбата на идеалниот гас

Да ја изразиме масата на гасот.

Бидете сигурни да обрнете внимание на кои единици се бара да го запишат одговорот. Тоа е многу важно.

Одговори.'48

Задача 9.Идеален монатомски гас во количина од 0,025 mol се проширил адијабатски. Во исто време неговата температура падна од +103°C на +23°C. Колку работа е направено со гасот? Изразете го вашиот одговор во џули и заокружете го до најблискиот цел број.

Решение.Прво, гасот е монатомски број на степени на слобода јас= 3, второ, гасот се шири адијабатски - тоа значи без размена на топлина П= 0. Гасот функционира така што ја намалува внатрешната енергија. Земајќи го ова предвид, првиот закон на термодинамиката го пишуваме во форма 0 = ∆ У + А G; (1) да ја изразиме работата со гас А g = –∆ У(2); Промената на внатрешната енергија за монатомски гас ја запишуваме како

Одговори. 25 Ј.

Релативната влажност на дел од воздухот на одредена температура е 10%. Колку пати треба да се промени притисокот на овој дел од воздухот така што, при константна температура, неговата релативна влажност се зголемува за 25%?

Решение.Прашањата поврзани со заситената пареа и влажноста на воздухот најчесто предизвикуваат потешкотии кај учениците. Да ја користиме формулата за да ја пресметаме релативната влажност на воздухот

Според условите на проблемот, температурата не се менува, што значи притисок заситена пареаостанува иста. Да ја запишеме формулата (1) за две состојби на воздухот.

φ 1 = 10%; φ 2 = 35%

Да го изразиме воздушниот притисок од формулите (2), (3) и да го најдеме односот на притисокот.

Одговори.Притисокот треба да се зголеми за 3,5 пати.

Топлата течна супстанција полека се ладеше во печка за топење со постојана моќност. Табелата ги прикажува резултатите од мерењата на температурата на супстанцијата со текот на времето.

Изберете од дадената листа дваизјави кои одговараат на резултатите од преземените мерења и укажуваат на нивниот број.

1. Точката на топење на супстанцијата во овие услови е 232°C.
2. За 20 минути. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба.
3. Топлинскиот капацитет на супстанцијата во течна и цврста состојба е ист.
4. По 30 мин. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба.
5. Процесот на кристализација на супстанцијата траеше повеќе од 25 минути.

Решение.Како што супстанцијата се ладеше, нејзината внатрешна енергија се намалуваше. Резултатите од мерењето на температурата ни овозможуваат да ја одредиме температурата на која супстанцијата почнува да кристализира. Додека супстанцијата се менува од течна во цврста, температурата не се менува. Знаејќи дека температурата на топење и температурата на кристализација се исти, ја избираме изјавата:

1. Точката на топење на супстанцијата во овие услови е 232°C.

Втората точна изјава е:

4. По 30 мин. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба. Бидејќи температурата во овој момент во времето е веќе под температурата на кристализација.

Одговори. 14.

Во изолиран систем, телото А има температура од +40°C, а телото Б има температура од +65°C. Овие тела биле доведени во термички контакт едни со други. По некое време, дојде до термичка рамнотежа. Како се променила температурата на телото В и вкупната внатрешна енергија на телата А и Б како резултат?

За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:

1. Зголемен;
2. Намален;
3. Не се смени.

Запишете ги избраните броеви за секој во табелата. физичката количина. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Ако во изолиран систем на тела не се случуваат енергетски трансформации освен размена на топлина, тогаш количината на топлина што ја даваат телата чија внатрешна енергија се намалува е еднаква на количината на топлина што ја примаат телата чија внатрешна енергија се зголемува. (Според законот за зачувување на енергијата.) Во овој случај, вкупната внатрешна енергија на системот не се менува. Проблемите од овој тип се решаваат врз основа на равенката на топлинска рамнотежа.

каде ∆ У– промена на внатрешната енергија.

Во нашиот случај, како резултат на размена на топлина, внатрешната енергија на телото Б се намалува, што значи дека температурата на ова тело се намалува. Внатрешната енергија на телото А се зголемува, бидејќи телото примило количина на топлина од телото Б, неговата температура ќе се зголеми. Вкупната внатрешна енергија на телата А и Б не се менува.

Одговори. 23.

Протон стр, летајќи во јазот помеѓу половите на електромагнет, има брзина нормална на индукцискиот вектор магнетно поле, како што е прикажано на сликата. Каде е насочена Лоренцовата сила што дејствува на протонот во однос на цртежот (горе, кон набљудувачот, подалеку од набљудувачот, долу, лево, десно)

Решение.Магнетното поле делува на наелектризираната честичка со силата на Лоренц. За да се одреди насоката на оваа сила, важно е да се запамети мнемоничкото правило на левата рака, не заборавајте да го земете предвид полнењето на честичката. Ги насочуваме четирите прсти од левата рака по векторот на брзина, за позитивно наелектризирана честичка, векторот треба да влезе нормално во дланката, палецотодвои 90° ја покажува насоката на Лоренцовата сила која делува на честичката. Како резултат на тоа, имаме дека векторот на силата на Лоренц е насочен подалеку од набљудувачот во однос на фигурата.

Одговори.од набљудувачот.

Модул на напнатост електрично полево рамен воздушен кондензатор со капацитет од 50 μF е еднаков на 200 V/m. Растојанието помеѓу кондензаторските плочи е 2 mm. Колку е полнењето на кондензаторот? Напишете го вашиот одговор во µC.

Решение.Ајде да ги претвориме сите мерни единици во системот SI. Капацитет C = 50 µF = 50 10 -6 F, растојание помеѓу плочите г= 2 · 10 –3 m Проблемот зборува за рамен воздушен кондензатор - уред за складирање на електричен полнеж и енергија на електричното поле. Од формулата на електричен капацитет

Каде г– растојание помеѓу плочите.

Да го изразиме напонот У= Е г(4); Да го замениме (4) во (2) и да го пресметаме полнењето на кондензаторот.

q = В · Ед= 50 10 -6 200 0,002 = 20 µC

Ве молиме обрнете внимание на единиците во кои треба да го напишете одговорот. Го добивме во кулони, но го презентираме во μC.

Одговори. 20 µC.

Студентот спроведе експеримент за прекршување на светлината, прикажан на фотографијата. Како се менува аголот на прекршување на светлината што се шири во стаклото и индексот на прекршување на стаклото со зголемување на аголот на инциденца?

1. Се зголемува
2. Се намалува
3. Не се менува
4. Запишете ги избраните броеви за секој одговор во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Во проблемите од овој вид, се сеќаваме што е рефракција. Ова е промена во насоката на ширење на бранот при минување од еден медиум во друг. Тоа е предизвикано од фактот дека брзините на ширење на брановите во овие медиуми се различни. Откако сфативме на која средина се шири светлината, да го напишеме законот за прекршување во форма

Каде n 2 – апсолутен индикаторпрекршување на стакло, медиум каде што оди светлината; n 1 е апсолутниот индекс на рефракција на првиот медиум од кој доаѓа светлината. За воздух n 1 = 1. α е аголот на паѓање на зракот на површината на стаклениот полуцилиндар, β е аголот на прекршување на зракот во стаклото. Покрај тоа, аголот на прекршување ќе биде помал од аголот на инциденца, бидејќи стаклото е оптички погуста средина - медиум со висок индекс на рефракција. Брзината на ширење на светлината во стаклото е помала. Ве молиме имајте предвид дека ги мериме аглите од нормалната обновена на точката на инциденца на зракот. Ако го зголемите аголот на инциденца, тогаш аголот на прекршување ќе се зголеми. Ова нема да го промени индексот на рефракција на стаклото.

Одговори.

Бакарен скокач во одреден момент во времето т 0 = 0 почнува да се движи со брзина од 2 m/s по паралелни хоризонтални спроводни шини, на чии краеви е поврзан отпорник од 10 Ohm. Целиот систем е во вертикално еднообразно магнетно поле. Отпорот на скокачот и шините е занемарлив, скокачот секогаш се наоѓа нормално на шините. Флуксот Ф на векторот на магнетна индукција низ колото формирано од скокачот, шините и отпорникот се менува со текот на времето ткако што е прикажано на графиконот.

Користејќи го графиконот, изберете две точни изјави и наведете ги нивните броеви во вашиот одговор.

1. Од страна на време т= 0,1 s промената на магнетниот тек низ колото е 1 mWb.
2. Индукција струја во скокачот во опсег од т= 0,1 с т= 0,3 s макс.
3. Модул индуцирана емф, што произлегува во колото, е еднакво на 10 mV.
4. Јачината на индукциската струја што тече во скокачот е 64 mA.
5. За да се одржи движењето на скокачот, на него се применува сила, чија проекција на насоката на шините е 0,2 N.

Решение.Користејќи график на зависноста на флуксот на векторот на магнетна индукција низ колото на време, ќе ги одредиме областите каде што се менува флуксот F и каде што промената на флуксот е нула. Ова ќе ни овозможи да ги одредиме временските интервали во кои ќе се појави индуцирана струја во колото. Вистинска изјава:

1) До моментот т= 0,1 s промената на магнетниот тек низ колото е еднаква на 1 mWb ∆Φ = (1 – 0) 10 –3 Wb; Модулот на индуктивниот emf што произлегува во колото се одредува со користење на законот EMR

Одговори. 13.

Користејќи го графикот на струја наспроти време во електрично коло чија индуктивност е 1 mH, определете го самоиндуктивниот emf модул во временскиот интервал од 5 до 10 секунди. Напишете го вашиот одговор во µV.

Решение.Да ги претвориме сите количини во системот SI, т.е. ја претвораме индуктивноста од 1 mH во H, добиваме 10 -3 H. Струјата прикажана на сликата во mA исто така ќе се претвори во A со множење со 10 -3.

Формулата за самоиндукција emf ја има формата

во овој случај временскиот интервал е даден според условите на проблемот

∆т= 10 с – 5 с = 5 с

секунди и користејќи го графикот го одредуваме интервалот на тековната промена во ова време:

∆Јас= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 А.

Ги заменуваме нумеричките вредности во формулата (2), добиваме

| Ɛ | = 2 ·10 -6 V, или 2 µV.

Одговори. 2.

Две проѕирни рамни-паралелни плочи се цврсто притиснати една на друга. Зрак светлина паѓа од воздухот на површината на првата плоча (види слика). Познато е дека индексот на рефракција на горната плоча е еднаков на n 2 = 1,77. Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките величини и нивните значења. За секоја позиција во првата колона, изберете ја соодветната позиција од втората колона и запишете ги избраните броеви во табелата под соодветните букви.

Решение.За да се решат проблемите за прекршување на светлината на интерфејсот помеѓу две подлоги, особено проблемите за поминување на светлината низ рамни-паралелни плочи, може да се препорача следнава постапка за решение: направете цртеж што ќе ја означува патеката на зраците што доаѓаат од една средина до друг; На точката на инциденца на зракот на интерфејсот помеѓу двата медиума, нацртајте нормала на површината, означете ги аглите на упад и прекршување. Обрнете посебно внимание на оптичката густина на медиумот што се разгледува и запомнете дека кога светлосниот зрак преминува од оптички помалку густ медиум до оптички погуст медиум, аголот на прекршување ќе биде помал од аголот на инциденца. Сликата го покажува аголот помеѓу упадниот зрак и површината, но ни треба аголот на инциденца. Запомнете дека аглите се одредуваат од нормалната обновена на точката на удар. Утврдуваме дека аголот на инциденца на зракот на површината е 90° – 40° = 50°, индекс на рефракција n 2 = 1,77; n 1 = 1 (воздух).

Ајде да го запишеме законот за прекршување

Ајде да ја нацртаме приближната патека на зракот низ плочите. Ја користиме формулата (1) за границите 2–3 и 3–1. Како одговор добиваме

А) Синусот на аголот на пад на зракот на границата 2-3 помеѓу плочите е 2) ≈ 0,433;

Б) Аголот на прекршување на зракот при преминување на границата 3–1 (во радијани) е 4) ≈ 0,873.

Одговори. 24.

Определи колку α - честички и колку протони се произведени како резултат на реакцијата на термонуклеарна фузија

+ → x+ y;

Решение.Пред сите нуклеарни реакциисе почитуваат законите за зачувување на електричен полнеж и број на нуклеони. Да го означиме со x бројот на алфа честички, y бројот на протони. Ајде да направиме равенки

+ → x + y;

решавање на системот го имаме тоа x = 1; y = 2

Одговори. 1 – α-честичка; 2 - протони.

Модулот на импулсот на првиот фотон е 1,32 · 10 –28 kg m/s, што е за 9,48 · 10 –28 kg m/s помал од модулот на импулсот на вториот фотон. Најдете го енергетскиот однос E 2 /E 1 на вториот и првиот фотон. Заокружете го вашиот одговор до најблиската десетина.

Решение.Импулсот на вториот фотон е поголем од моментумот на првиот фотон според состојбата, што значи дека може да се претстави стр 2 = стр 1 + Δ стр(1). Енергијата на фотонот може да се изрази во однос на моментумот на фотонот користејќи ги следните равенки. Ова Е = mc 2 (1) и стр = mc(2), тогаш

Е = компјутер (3),

Каде Е- фотонска енергија, стр– фотонски импулс, m – фотонска маса, в= 3 · 10 8 m/s – брзина на светлината. Земајќи ја предвид формулата (3) имаме:

Одговорот го заокружуваме на десетинки и добиваме 8,2.

Одговори. 8,2.

Јадрото на атомот претрпе радиоактивен позитрон β - распаѓање. Како се промени електричното полнење на јадрото и бројот на неутрони во него како резултат на ова?

За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:

1. Зголемен;
2. Намален;
3. Не се смени.

Запишете ги избраните броеви за секоја физичка величина во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Позитрон β - распаѓањето во атомското јадро настанува кога протонот се трансформира во неутрон со емисија на позитрон. Како резултат на ова, бројот на неутрони во јадрото се зголемува за еден, електричниот полнеж се намалува за еден, а масовниот број на јадрото останува непроменет. Така, реакцијата на трансформација на елементот е како што следува:

Одговори. 21.

Беа спроведени пет експерименти во лабораторија за да се набљудува дифракција користејќи различни решетки за дифракција. Секоја од решетките беше осветлена со паралелни зраци на монохроматска светлина со одредена бранова должина. Во сите случаи, светлината падна нормално на решетката. Во два од овие експерименти, забележан е ист број на максимални главни дифракции. Прво наведете го бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со пократок период, а потоа бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со поголем период.

Решение.Дифракција на светлината е феномен на светлосен зрак во област со геометриска сенка. Дифракцијата може да се забележи кога, на патеката на светлосниот бран, има непроѕирни области или дупки во големи пречки кои се непроѕирни за светлината, а големини на овие области или дупки се пропорционални со брановата должина. Еден од најважните уреди за дифракција е дифракционата решетка. Аголните насоки до максимумите на шемата на дифракција се одредуваат со равенката

г sinφ = кλ (1),

Каде г– период на дифракционата решетка, φ – агол помеѓу нормалата до решетката и насоката кон една од максимумите на дифракционата шема, λ – светлосна бранова должина, к– цел број наречен ред на дифракциониот максимум. Да изразиме од равенката (1)

Избирајќи парови според експерименталните услови, прво избираме 4 каде што е користена дифракциона решетка со пократок период, а потоа бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со поголем период - ова е 2.

Одговори. 42.

Струјата тече низ жичен отпорник. Отпорот беше заменет со друг, со жица направена од ист метал и иста должина, но со половина површина пресек, и помина половина од струјата низ неа. Како ќе се променат напонот на отпорникот и неговиот отпор?

За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:

1. Ќе се зголеми;
2. Ќе се намали;
3. Нема да се промени.

Запишете ги избраните броеви за секоја физичка величина во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Важно е да се запамети од кои вредности зависи отпорот на проводникот. Формулата за пресметување на отпорот е

Омовиот закон за дел од колото, од формулата (2), го изразуваме напонот

У = Јас Р (3).

Според условите на проблемот, вториот отпорник е направен од жица од ист материјал, со иста должина, но различна површина на пресек. Областа е двојно помала. Заменувајќи се во (1) откриваме дека отпорот се зголемува за 2 пати, а струјата се намалува за 2 пати, затоа, напонот не се менува.

Одговори. 13.

Период на осцилации математичко нишалона површината на Земјата 1, 2 пати повеќе периоднеговите вибрации на некоја планета. Која е големината на забрзувањето поради гравитацијата на оваа планета? Влијанието на атмосферата и во двата случаи е занемарливо.

Решение.Математичкото нишало е систем кој се состои од конец чии димензии се многу поголеми од димензиите на топката и самата топка. Може да настане тешкотија ако се заборави Томсоновата формула за периодот на осцилација на математичкото нишало.

Т= 2π (1);

л– должина на математичкото нишало; е- забрзување на гравитацијата.

По услов

Да изразиме од (3) е n = 14,4 m/s 2. Треба да се забележи дека забрзувањето на гравитацијата зависи од масата на планетата и радиусот

Одговори. 14,4 m/s 2.

Прав проводник долг 1 m кој носи струја од 3 А се наоѓа во еднообразно магнетно поле со индукција ВО= 0,4 Тесла под агол од 30° во однос на векторот. Која е големината на силата што делува на проводникот од магнетното поле?

Решение.Ако поставите проводник што носи струја во магнетно поле, полето на проводникот што носи струја ќе дејствува со амперска сила. Ајде да ја запишеме формулата за модулот на амперската сила

Ф A = Јас ЛБ sinα ;

Ф A = 0,6 N

Одговори. Ф A = 0,6 N.

Енергијата на магнетното поле складирана во серпентина кога директна струја поминува низ неа е еднаква на 120 J. Колку пати треба да се зголеми јачината на струјата што тече низ намотката на серпентина за да се зголеми енергијата на магнетното поле складирана во неа од 5760 Ј.

Решение.Енергијата на магнетното поле на серпентина се пресметува со формулата

По услов В 1 = 120 J, тогаш В 2 = 120 + 5760 = 5880 Ј.

Потоа тековниот сооднос

Одговори.Тековната сила мора да се зголеми 7 пати. На формуларот за одговор го внесувате само бројот 7.

Електричното коло се состои од две светилки, две диоди и вртење на жица поврзани како што е прикажано на сликата. (Диодата дозволува струјата да тече само во една насока, како што е прикажано на врвот на сликата.) Која од светилките ќе светне ако северниот пол на магнетот се приближи до серпентина? Објаснете го вашиот одговор со означување кои појави и модели сте ги користеле во вашето објаснување.

Решение.Излегуваат линиите на магнетна индукција северен Полмагнет и се разминуваат. Како што се приближува магнетот, магнетниот флукс низ серпентина на жицата се зголемува. Во согласност со правилото на Ленц, магнетното поле создадено од индуктивната струја на серпентина мора да биде насочено надесно. Според правилото за гимлет, струјата треба да тече во насока на стрелките на часовникот (како што се гледа од лево). Диодата во второто коло на светилката поминува во оваа насока. Ова значи дека втората светилка ќе светне.

Одговори.Втората светилка ќе светне.

Должина на алуминиумски звучници Л= 25 cm и површина на пресек С= 0,1 cm 2 виси на конец до горниот крај. Долниот крај лежи на хоризонталното дно на садот во кој се истура вода. Должина на потопениот дел од говорницата л= 10 cm Најди ја силата Ф, со која иглата за плетење притиска на дното на садот, ако се знае дека конецот се наоѓа вертикално. Густина на алуминиум ρ a = 2,7 g/cm 3, густина на вода ρ b = 1,0 g/cm 3. Забрзување на гравитацијата е= 10 m/s 2

Решение.Ајде да направиме објаснувачки цртеж.

– Сила на затегнување на конецот;

– Сила на реакција на дното на садот;

а е Архимедовата сила која дејствува само на потопениот дел од телото и се применува на центарот на потопениот дел од говорот;

– силата на гравитација која делува на говорот од Земјата и се применува на центарот на целиот говор.

По дефиниција, масата на зборуваше ма архимедовиот модул на сила се изразени на следниов начин: м = SLρ a (1);

Ф a = Слρ во е (2)

Да ги разгледаме моментите на силите во однос на точката на суспендирање на говорот.

М(Т) = 0 – момент на сила на затегнување; (3)

М(N)= NL cosα е моментот на потпорната реакција на сила; (4)

Земајќи ги предвид знаците на моментите, ја пишуваме равенката

имајќи предвид дека според третиот закон на Њутн, силата на реакција на дното на садот е еднаква на силата Фг со која иглата за плетење притиска на дното на садот што го пишуваме Н = Фг и од равенката (7) ја изразуваме оваа сила:

Ајде да ги замениме нумеричките податоци и да го добиеме тоа

Ф d = 0,025 N.

Одговори. Ф d = 0,025 N.

Цилиндар кој содржи м 1 = 1 kg азот, за време на тестирањето на силата експлодира на температура т 1 = 327°C. Која маса на водород м 2 може да се чува во таков цилиндар на температура т 2 = 27°C, со петкратна безбедносна маржа? Моларна маса на азот М 1 = 28 g/mol, водород М 2 = 2 g/mol.

Решение.Да ја напишеме Менделеев-Клапејрон идеалната гасна равенка на состојбата за азот

Каде В- волумен на цилиндерот, Т 1 = т 1 + 273°C. Според состојбата, водородот може да се складира под притисок стр 2 = стр 1/5; (3) Имајќи предвид дека

Можеме да ја изразиме масата на водородот работејќи директно со равенките (2), (3), (4). Конечната формула изгледа вака:

По замена на нумерички податоци м 2 = 28 g.

Одговори. м 2 = 28 g.

Во идеално осцилаторно коло, амплитудата на струјните флуктуации во индукторот е јас сум= 5 mA, и амплитудата на напонот на кондензаторот У м= 2,0 V. На време тнапонот преку кондензаторот е 1,2 V. Најдете ја струјата во серпентина во овој момент.

Решение.Во идеално осцилаторно коло, осцилаторната енергија е зачувана. За еден момент од времето t, законот за зачувување на енергијата има форма

За амплитудни (максимални) вредности пишуваме

а од равенката (2) изразуваме

Да го замениме (4) во (3). Како резултат добиваме:

Јас = јас сум (5)

Така, струјата во серпентина во моментот на времето теднаква на

Јас= 4,0 mA.

Одговори. Јас= 4,0 mA.

На дното на резервоар длабок 2 m има огледало. Зрак светлина, минувајќи низ водата, се рефлектира од огледалото и излегува од водата. Индексот на рефракција на водата е 1,33. Најдете го растојанието помеѓу точката на влегување на зракот во водата и точката на излез на зракот од водата ако аголот на инциденца на зракот е 30°

Решение.Ајде да направиме објаснувачки цртеж

α е аголот на пад на зракот;

β е аголот на прекршување на зракот во вода;

AC е растојанието помеѓу точката на влегување на зракот во водата и точката на излез на зракот од водата.

Според законот за прекршување на светлината

Размислете за правоаголната ΔADB. Во него АД = ч, потоа DB = AD

Го добиваме следниот израз:

Ајде да ги замениме нумеричките вредности во добиената формула (5)

Одговори. 1,63 м.

Во рамките на подготовките за Единствениот државен испит, ве покануваме да се запознаете со работна програма по физика за 7-9 одделение до линијата УМК на Перишкина А.В.И програма за работа на напредно ниво за 10-11 одделение за наставни материјали Мјакишева Г.Ја.Програмите се достапни за прегледување и бесплатно преземање на сите регистрирани корисници.

Физиката е прилично сложен предмет, така што подготовката за Единствениот државен испит по физика 2019 година ќе потрае доволна количинавреме. Покрај теоретските знаења, комисијата ќе ја тестира и способноста за читање дијаграми и решавање проблеми.

Да ја погледнеме структурата на испитниот труд

Се состои од 32 задачи распоредени на два блока. За разбирање, попогодно е да се подредат сите информации во табела.

Целата теорија на Единствениот државен испит по физика по делови

• Механика. Ова е многу голем, но релативно едноставен дел кој го проучува движењето на телата и интеракциите што се случуваат меѓу нив, вклучувајќи ги динамиката и кинематиката, законите за зачувување во механиката, статиката, вибрациите и брановите од механичка природа.
• Молекуларна физика. Во оваа тема Посебно вниманиесе фокусира на термодинамиката и молекуларната кинетичка теорија.
• Квантна физика и компоненти на астрофизиката. Ова се најтешките делови кои предизвикуваат потешкотии и за време на студирањето и за време на тестирањето. Но, исто така, можеби, еден од најинтересните делови. Овде, знаењето се тестира на теми како што се физиката на атомот и атомското јадро, двојноста бран-честичка и астрофизиката.
• Електродинамика и специјална теорија на релативноста. Овде не можете без да студирате оптика, основите на SRT, треба да знаете како функционираат електричните и магнетните полиња, што D.C.кои се принципите електромагнетна индукцијаКако се појавуваат електромагнетни осцилации и бранови.

Да, има многу информации, обемот е многу пристоен. За успешно да го положите обединетиот државен испит по физика, треба да бидете многу добри во сè училишен курспо предметот, а се изучува цели пет години. Затоа, нема да може да се подготвите за овој испит за неколку недели или дури еден месец. Треба да започнете сега за да можете да се чувствувате смирени за време на тестовите.

За жал, предметот физика предизвикува потешкотии за многу дипломирани студенти, особено за оние кои го избрале како насока за прием на универзитет. Ефективното учење на оваа дисциплина нема никаква врска со меморирање правила, формули и алгоритми. Покрај тоа, совладувањето на идеите за физика и читањето колку што е можно повеќе теорија не е доволно, треба да бидете умешни во математички техники. Често, лошата математичка подготовка го спречува ученикот да се справи добро во физиката.

Како да се подготвите?

Многу е едноставно: изберете теоретски дел, прочитајте го внимателно, проучете го, обидувајќи се да ги разберете сите физички концепти, принципи, постулати. После ова, засилете ја вашата подготовка со решавање на практични проблеми на избраната тема. Користете онлајн тестовиза да го тестирате вашето знаење, ова ќе ви овозможи веднаш да разберете каде правите грешки и да се навикнете на фактот дека е дадено одредено време за решавање на проблемот. Ви посакуваме среќа!

Видео курсот „Земи А“ ги вклучува сите теми што ви се потребни успешно завршувањеУнифициран државен испит по математика за 60-65 поени. Целосно сите задачи 1-13 од Профил унифициран државен испит по математика. Погоден е и за полагање на Основен унифициран државен испит по математика. Ако сакате да го положите обединетиот државен испит со 90-100 поени, првиот дел треба да го решите за 30 минути и без грешки!

Подготвителен курс за Единствен државен испит за 10-11 одделение, како и за наставници. Сè што ви треба за да го решите Дел 1 од Единствениот државен испит по математика (првите 12 задачи) и задача 13 (тригонометрија). И ова се повеќе од 70 поени на обединет државен испит и без нив не може ниту студент од 100, ниту студент на хуманитарни науки.

Целата потребна теорија. Брзи решенија, замки и тајни на Единствениот државен испит. Анализирани се сите тековни задачи од дел 1 од FIPI Task Bank. Курсот целосно е во согласност со барањата на Единствениот државен испит 2018 година.

Курсот содржи 5 големи теми, по 2,5 часа. Секоја тема е дадена од нула, едноставно и јасно.

Стотици задачи за обединет државен испит. Проблеми со зборови и теорија на веројатност. Едноставни и лесни за паметење алгоритми за решавање проблеми. Геометрија. Теорија, референтен материјал, анализа на сите видови задачи за унифициран државен испит. Стереометрија. Слабо решенија, корисни мамечки листови, развој на просторна имагинација. Тригонометрија од почеток до проблем 13. Разбирање наместо набивање. Јасни објаснувања на сложените концепти. Алгебра. Корени, моќи и логаритми, функција и извод. Основа за решавање на сложени проблеми од Дел 2 од Единствениот државен испит.